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每日算法一练：剑指offer——栈与队列篇（1）

🕗 发布于 2024-11-20 20:56 java  算法  

1.图书整理II

        读者来到图书馆排队借还书，图书管理员使用两个书车来完成整理借还书的任务。书车中的书从下往上叠加存放，图书管理员每次只能拿取书车顶部的书。排队的读者会有两种操作：

  • push(bookID)：把借阅的书籍还到图书馆。
  • pop()：从图书馆中借出书籍。

为了保持图书的顺序，图书管理员每次取出供读者借阅的书籍是 最早 归还到图书馆的书籍。你需要返回 每次读者借出书的值 。

如果没有归还的书可以取出，返回 -1 。

示例 1：

输入：
["BookQueue", "push", "push", "pop"]
[[], [1], [2], []]
输出：[null,null,null,1]
解释：
MyQueue myQueue = new MyQueue();
myQueue.push(1); // queue is: [1]
myQueue.push(2); // queue is: [1, 2] (leftmost is front of the queue)
myQueue.pop(); // return 1, queue is [2]

提示：

  • 1 <= bookID <= 10000
  • 最多会对 push、pop 进行 10000 次调用

用两个栈实现队列操作总结

        题目通过两个栈的配合，实现队列的两大操作：队尾插入（appendTail）和队首删除（deleteHead）。以下是实现逻辑的详细总结。

核心思想

  1. 使用两个栈 A 和 B：
    • 栈 A：用于保存新插入的元素（队尾操作）。
    • 栈 B：用于保存倒序的元素（队首操作）。
  2. 倒序逻辑：
    • 当 B 为空时，将 A 中所有元素出栈并入栈到 B，使 B 中的顺序与队列的顺序一致。
  3. 操作分工：
    • appendTail(value)：直接将元素压入栈 A。
    • deleteHead()：
      • 若栈 B 不为空，则弹出并返回 B 的栈顶元素。
      • 若栈 B 为空但栈 A 不为空，将栈 A 中所有元素转移到栈 B，然后从 B 出栈。
      • 若两个栈都为空，返回 -1。

代码实现

import java.util.LinkedList;

class CQueue {
    private LinkedList<Integer> A; // 栈 A
    private LinkedList<Integer> B; // 栈 B

    // 构造函数，初始化两个栈
    public CQueue() {
        A = new LinkedList<>();
        B = new LinkedList<>();
    }

    // 队尾插入操作
    public void appendTail(int value) {
        A.addLast(value); // 将元素压入栈 A
    }

    // 队首删除操作
    public int deleteHead() {
        if (!B.isEmpty()) {
            return B.removeLast(); // 栈 B 不为空时，弹出并返回栈顶元素
        }
        if (A.isEmpty()) {
            return -1; // 两个栈都为空时，返回 -1
        }
        // 将栈 A 中的所有元素转移到栈 B
        while (!A.isEmpty()) {
            B.addLast(A.removeLast());
        }
        return B.removeLast(); // 返回栈 B 的栈顶元素
    }
}

操作示例

        以输入和输出为例：

CQueue myQueue = new CQueue();
myQueue.appendTail(1); // 栈 A: [1], 栈 B: []
myQueue.appendTail(2); // 栈 A: [1, 2], 栈 B: []
System.out.println(myQueue.deleteHead()); // 输出: 1, 栈 A: [], 栈 B: [2]

复杂度分析

  1. 时间复杂度：
    • appendTail：仅对栈 A 操作，时间复杂度为 O(1)。
    • deleteHead：
      • 栈 B 不为空时，直接出栈操作，时间复杂度为 O(1)。
      • 栈 B 为空时，需要将栈 A 的所有元素转移到栈 B，每个元素只转移一次，因此均摊复杂度为 O(1)。
    • 总体时间复杂度：O(1)（均摊）。
  2. 空间复杂度：两个栈最多存储 N 个元素，空间复杂度为 O(N)。

2.最小栈

        请你设计一个 最小栈 。它提供 push ，pop ，top 操作，并能在常数时间内检索到最小元素的栈。

实现 MinStack 类:

  • MinStack() 初始化堆栈对象。
  • void push(int val) 将元素val推入堆栈。
  • void pop() 删除堆栈顶部的元素。
  • int top() 获取堆栈顶部的元素。
  • int getMin() 获取堆栈中的最小元素。

示例 1:

输入：
["MinStack","push","push","push","getMin","pop","top","getMin"]
[[],[-2],[2],[-3],[],[],[],[]]

输出：
[null,null,null,null,-3,null,2,-2]

解释：
MinStack minStack = new MinStack();
minStack.push(-2);
minStack.push(2);
minStack.push(-3);
minStack.getMin();   --> 返回 -3.
minStack.pop();
minStack.top();      --> 返回 2.
minStack.getMin();   --> 返回 -2.

提示：

  • -231 <= val <= 231 - 1
  • pop、top 和 getMin 操作总是在 非空栈 上调用
  • push、pop、top 和 getMin 最多被调用 3 * 104 次

用两个栈实现支持获取最小值的栈

题目难点

        普通栈的基本操作（push()、pop()、top()）时间复杂度为 O(1)。但在获取最小值时，直接遍历栈会使 getMin() 的时间复杂度变为 O(N)。

目标是实现一个栈，并保证：

  • 所有操作的时间复杂度为 O(1)，包括 getMin()。

解题思路

利用两个栈来分别存储数据和辅助信息：

  1. 数据栈 A：
    • 存储所有压入的数据元素。
    • 保证常规的栈操作（push、pop、top）正常。
  2. 辅助栈 B：
    • 始终维护一个非严格降序子序列，即栈顶为当前栈的最小值。
    • 每次压入或弹出时，保持与数据栈的最小值对应关系。

辅助栈的作用：

  • 压入元素时：
    • 如果栈为空或当前元素小于等于栈顶元素，将元素同步压入辅助栈。
  • 弹出元素时：
    • 如果弹出的元素等于辅助栈的栈顶元素，辅助栈同步弹出。

方法设计

  1. push(x)：
    • 数据栈 A 添加元素 x。
    • 若 B 为空或 x ≤ B.peek()，将 x 压入辅助栈 B。
  2. pop()：
    • 从数据栈 A 弹出一个元素，记为 y。
    • 若 y == B.peek()，从辅助栈 B 同步弹出。
  3. top()：
    • 返回数据栈 A 的栈顶元素。
  4. getMin()：
    • 返回辅助栈 B 的栈顶元素，即当前栈的最小值。

代码实现

import java.util.Stack;

class MinStack {
    private Stack<Integer> A; // 数据栈
    private Stack<Integer> B; // 辅助栈（存储最小值）

    // 初始化栈
    public MinStack() {
        A = new Stack<>();
        B = new Stack<>();
    }

    // 压入栈操作
    public void push(int x) {
        A.push(x); // 压入数据栈
        // 如果辅助栈为空或者当前元素 <= 辅助栈顶，则同步压入
        if (B.isEmpty() || x <= B.peek()) {
            B.push(x);
        }
    }

    // 弹出栈操作
    public void pop() {
        // 如果弹出的元素等于辅助栈栈顶元素，则辅助栈同步弹出
        if (A.pop().equals(B.peek())) {
            B.pop();
        }
    }

    // 获取栈顶元素
    public int top() {
        return A.peek();
    }

    // 获取最小值
    public int getMin() {
        return B.peek(); // 辅助栈顶始终存储当前栈的最小值
    }
}

操作示例

public class Main {
    public static void main(String[] args) {
        MinStack minStack = new MinStack();

        minStack.push(3); // 数据栈: [3], 辅助栈: [3]
        minStack.push(4); // 数据栈: [3, 4], 辅助栈: [3]
        minStack.push(2); // 数据栈: [3, 4, 2], 辅助栈: [3, 2]
        minStack.push(2); // 数据栈: [3, 4, 2, 2], 辅助栈: [3, 2, 2]
        minStack.push(5); // 数据栈: [3, 4, 2, 2, 5], 辅助栈: [3, 2, 2]

        System.out.println(minStack.getMin()); // 输出: 2
        minStack.pop(); // 数据栈: [3, 4, 2, 2], 辅助栈: [3, 2, 2]
        System.out.println(minStack.getMin()); // 输出: 2
        minStack.pop(); // 数据栈: [3, 4, 2], 辅助栈: [3, 2]
        System.out.println(minStack.getMin()); // 输出: 2
    }
}

复杂度分析

  1. 时间复杂度：
    • push()、pop()、top() 和 getMin() 操作均为 O(1)，因为每次只需操作一个或两个栈的栈顶元素。
  2. 空间复杂度：
    • 最差情况下，所有元素都被压入辅助栈，空间复杂度为 O(N)。

原文地址：https://blog.csdn.net/m0_53926113/article/details/143820505

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