LeetCode 206.反转链表
LeetCode 206.反转链表
1、题目
力扣题目链接：206. 反转链表
给你单链表的头节点 head ，请你反转链表，并返回反转后的链表。
示例 1：
输入： head = [1,2,3,4,5]
输出： [5,4,3,2,1]
示例 2：
输入： head = [1,2]
输出： [2,1]
示例 3：
输入： head = []
输出： []
提示：
- 链表中节点的数目范围是
[0, 5000] -5000 <= Node.val <= 5000
进阶： 链表可以选用迭代或递归方式完成反转。你能否用两种方法解决这道题？
2、双指针法（从前往后翻转）
思路
首先需要两个指针，一个 curr 指针，指向头结点，一个 prev 指针，初始化为 nullptr 。
然后需要把 curr->next 的节点用 temp 指针保存一下，因为接下来要改变 curr->next 的指向了，将 curr->next 指向 prev，此时就反转了第一个节点了。接下来，继续移动 prev 和 curr 指针。
当 curr 指针指向 nullptr 时，循环结束，链表反转完毕。prev 指针就指向了新的头结点。
代码
/**
* Definition for singly-linked list.
* struct ListNode {
* int val;
* ListNode *next;
* ListNode() : val(0), next(nullptr) {}
* ListNode(int x) : val(x), next(nullptr) {}
* ListNode(int x, ListNode *next) : val(x), next(next) {}
* };
*/
class Solution {
public:
ListNode* reverseList(ListNode* head) {
ListNode* temp = nullptr;
ListNode* prev = nullptr;
ListNode* curr = head;
while (curr != nullptr) {
// 保存curr的下一个节点到temp，因为接下来要改变cur->next
temp = curr->next;
// 翻转操作
curr->next = prev;
// 更新pre 和 cur指针
prev = curr;
curr = temp;
}
// 返回反转后的链表的头节点，即原链表的最后一个节点prev
return prev;
}
};
复杂度分析
- 时间复杂度：O(n)，其中 n 是链表的长度。需要遍历链表一次。
- 空间复杂度：O(1)。
3、递归法
代码
/**
* Definition for singly-linked list.
* struct ListNode {
* int val;
* ListNode *next;
* ListNode() : val(0), next(nullptr) {}
* ListNode(int x) : val(x), next(nullptr) {}
* ListNode(int x, ListNode *next) : val(x), next(next) {}
* };
*/
class Solution {
public:
ListNode* reverse(ListNode* prev,ListNode* curr){
if (curr == nullptr) return prev;
ListNode* temp = curr->next;
curr->next = prev;
// 相当于双指针法的下面两步
// prev = curr;
// curr = temp;
return reverse(curr,temp);
}
ListNode* reverseList(ListNode* head) {
// 和双指针法初始化是一样的逻辑
// ListNode* curr = head;
// ListNode* prev = nullptr;
return reverse(nullptr, head);
}
};
复杂度分析
时间复杂度：O(n)，其中 n 是链表的长度。需要对链表的每个节点进行反转操作。
空间复杂度：O(n)，其中 n 是链表的长度。空间复杂度主要取决于递归调用的栈空间，最多为 n 层。
4、递归（从后往前翻转）
代码
/**
* Definition for singly-linked list.
* struct ListNode {
* int val;
* ListNode *next;
* ListNode() : val(0), next(nullptr) {}
* ListNode(int x) : val(x), next(nullptr) {}
* ListNode(int x, ListNode *next) : val(x), next(next) {}
* };
*/
class Solution {
public:
ListNode* reverseList(ListNode* head) {
// 边缘条件判断
if (head == nullptr) return nullptr;
if (head->next == nullptr) return head;
// 递归调用，翻转第二个节点开始往后的链表
ListNode* last = reverseList(head->next);
// 翻转头节点与第二个节点的指向
head->next->next = head;
// 此时的 head 节点为尾节点，next 需要指向 nullptr
head->next = nullptr;
return last;
}
};
复杂度分析
时间复杂度：O(n)，其中 n 是链表的长度。需要对链表的每个节点进行反转操作。
空间复杂度：O(n)，其中 n 是链表的长度。空间复杂度主要取决于递归调用的栈空间，最多为 n 层。
原文地址：https://blog.csdn.net/2301_80211119/article/details/137696746
免责声明：本站文章内容转载自网络资源，如本站内容侵犯了原著者的合法权益，可联系本站删除。更多内容请关注自学内容网（zxcms.com）！