【数论】有关模运算的巧妙
萌萌的好数
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64bit IO Format: %lld
题目描述
萌萌喜欢“好数”，这种“好数“需要满足以下两个条件：
1.该数对 3 取模不为 0
2.该数的最后一位数字不为 3
请你告诉他第 n 个好数是什么。
输入描述:
第一行读入一个正整数 t，表示有 t 组数据。
接下来 t 行，每行一个正整数 n。
1 ≤ t ≤ 100
1 ≤ n ≤ 1012
输出描述:
对于每个 n，输出一个正整数，为第 n 个好数
示例1
输入
3
1
4
9
输出
1
5
14
说明
前 9 个好数为 1，2，4，5，7，8，10，11，14。
解
方法一
- 模 3 为 0 ，即每 3 个数一定为一个数，规律为 3
- 最后一位为 3 ，即每 10 个数为一个周期
- 这些要排除掉
- 猜想规律为 30 一个周期，有规律出现，因为 3 和 10 的最小公倍数为 30，所以猜想 30 个数内可能有规律
- 最后发现确实是，30 个数内都为 18 个好数
#include <iostream>
using namespace std;
typedef long long LL;
const int N = 30;
LL a[N] = { 1, 2, 4, 5, 7, 8, 10, 11, 14, 16, 17, 19, 20, 22, 25, 26, 28, 29 };
int main()
{
int t;
cin >> t;
while (t--)
{
LL n;
cin >> n;
cout << ((n - 1) / 18) * 30 + a[((n - 1) % 18)] << endl;
}
return 0;
}
方法二
- 用容斥原理的思想思考，将不是好数的排除掉，也就是假设一个当前数字，是否能算出包括它的前面所有数字中好数的个数
- 这样在进行二分找数字，即可求解
- 不是好数的满足
- 能被
3整除的数，有n / 3个， - 个位上是数字 3 的数个数，
n / 10 + (n % 10 >= 3) - 个位上数字是 3 并且又能被 3 整除，
n / 3 / 10 + ((n / 3) % 10 >= 1)，n / 3是所有的能被 3 整除的数，在除以 10 就是个位是 3 的周期，最后的处理是除以 10 为 0 的情况的讨论
- 能被
- 这样计算后，将其第一个第二个加起来，减去第三个就是不是好数的个数，也就能统计出好数的个数
#include <iostream>
#include <vector>
using namespace std;
typedef long long LL;
LL n;
bool check(LL x)
{
LL sum1 = x / 3;
LL sum2 = x / 10 + (x % 10 >= 3);
LL sum3 = (x/3) / 10 + ((x/3) % 10 >= 1);
LL sum = x - (sum1 + sum2 - sum3);
// 注意这里不能反正写判断，因为会找到比实际数大的情况出现，比如样例
// 5 是答案，反着找到的 6 也满足，因为 6 不是好数，所以等同于 5 ，但是会找到 6 ，这就有问题，
// 反着是指：if(sum <= n) return true; 然后二分边界也随之改变为l = mid,r = mid - 1
if(n <= sum) return true;
else return false;
}
int main()
{
int T;
cin >> T;
while(T--)
{
cin >> n;
LL l = 1, r = 1e14;
while(l < r)
{
LL mid = l + r >> 1;
if(check(mid)) r = mid;
else l = mid + 1;
}
cout << r << endl;
}
return 0;
}
或者
#include <iostream>
#include <vector>
using namespace std;
typedef long long LL;
LL n;
bool check(LL x)
{
LL sum1 = x / 3;
LL sum2 = x / 10 + (x % 10 >= 3);
LL sum3 = (x/3) / 10 + ((x/3) % 10 >= 1);
LL sum = x - (sum1 + sum2 - sum3);
if(sum < n) return true;
else return false;
}
int main()
{
int T;
cin >> T;
while(T--)
{
cin >> n;
LL l = 1, r = 1e14;
while(l < r)
{
LL mid = l + r >> 1;
if(check(mid)) l = mid + 1;
else r = mid;
}
cout << r << endl;
}
return 0;
}
方法三
- 记忆化搜索方式----
dp方式 dp[i][j]定义为第 i 位和为 j 的方案数- 从最高位开始 dfs 搜索，用 limit 作为限制，也就是后面的位的数字是否可以随便选择从
0~9的任意数字 - 如果
limit为0，表示没有限制，况且dp有值，那么直接返回即可，这里理解是都在没有限制的情况下，那么后面组成的情况都一致，就是加上当前位以前的sum，满足好数的个数都一致，因为后面都没有限制，都是随便选择 - 如果有限制，那么不返回，单独进行返回
ans，也就是计算的值 dp记录的是这个位之后的数字加上当前位之前的sum, 能构成的好数的集合
#include <iostream>
#include <cstring>
using namespace std;
typedef long long LL;
LL dp[20][200], num[20];
LL n;
// 位数 和 限制--最高位的取法
LL dfs(int weishu, int sum, int limit)
{
if(weishu < 1)
{
if(sum % 3 == 0) return 0;
else return 1;
}
if(!limit && dp[weishu][sum] != -1) return dp[weishu][sum];
// 没有限制，就是 0~9，有限制就是当前位的最大数
int maxnum = limit ? num[weishu] : 9;
LL ans = 0;
for(int i = 0; i <= maxnum; i++)
{
if(weishu == 1 && i == 3) continue;
ans += dfs(weishu - 1, sum + i, (limit && i == maxnum));
}
// 这里不会重复更新，有数且满足 limit == 0，已经 return
if(!limit) dp[weishu][sum] = ans;
// 这里就是 limit == 1 的时候单独讨论，返回，怕影响 dp
return ans;
}
bool check(LL x)
{
memset(num, 0, sizeof num);
memset(dp, -1, sizeof dp);
int k = 0;
while(x)
{
num[++k] = x % 10;
x /= 10;
}
LL sum = dfs(k, 0, 1);
if(sum < n) return true;
else return false;
}
int main()
{
int t;
cin >> t;
while(t--)
{
cin >> n;
LL l = 0, r = 1e14;
while(l < r)
{
LL mid = l + r >> 1;
if(check(mid)) l = mid + 1;
else r = mid;
}
cout << l << endl;
}
return 0;
}
原文地址：https://blog.csdn.net/2303_76953932/article/details/142930137
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