【541. 反转字符串 II 简单】

题目：

给定一个字符串 s 和一个整数 k，从字符串开头算起，每计数至 2k 个字符，就反转这 2k 字符中的前 k 个字符。

• 如果剩余字符少于 k 个，则将剩余字符全部反转。
• 如果剩余字符小于 2k 但大于或等于 k 个，则反转前 k 个字符，其余字符保持原样。

示例 1：
输入：s = “abcdefg”, k = 2
输出：“bacdfeg”
示例 2：
输入：s = “abcd”, k = 2
输出：“bacd”

提示：
1 <= s.length <= 104
s 仅由小写英文组成
1 <= k <= 104

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思路：

其实在遍历字符串的过程中，只要让 i += (2 * k)，i 每次移动 2 * k 就可以了，然后判断是否需要有反转的区间。

因为要找的也就是每2 * k 区间的起点，这样写，程序会高效很多。

所以当需要固定规律一段一段去处理字符串的时候，要想想在在for循环的表达式上做做文章。
那么这里具体反转的逻辑我们要不要使用库函数呢，其实用不用都可以，使用reverse来实现反转也没毛病，毕竟不是解题关键部分。

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代码：

class Solution {
public:
    string reverseStr(string s, int k) {
        for(int i = 0; i < s.length(); i += (2 * k)) {
            // 1.每隔 2k 个字符的前 k 个字符进行反转
            // 2.剩余字符小于 2k 但大于或等于 k 个，则反转前 k 个字符
            if(i + k <= s.length()) {
                reverse(s.begin() + i, s.begin() + i + k);
            }
            else{
                // 3.剩余字符少于 k 个，则将剩余字符全部反转
                reverse(s.begin() + i, s.end());
            }
        }
        return s;
    }
};

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总结：

时间复杂度: O(n)
空间复杂度: O(1)

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参考：

代码随想录

原文地址：https://blog.csdn.net/yuan_2001_/article/details/142406911

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